LAUR—= 12N, = N

Nous obtenons ainsi immédiatement et d’une façon plus complète le résultat auquel nous avions vu tendre ce mélange (54). Il est facile de représenter le détail

des réactions ou les groupes partiels dont le groupe donné est la somme.

R + J +2B = 20 + 2B = 4N R He) PUB CV CJM CN ASIN EN EE — AN 4R 4J 4B 12N

2° Soient les couleurs R, 2B°, B3\b, J30O3, N, à mélanger. On demande le résultat.

Je pose 6x dans le premier membre et ne ferai pas figurer 2B° dans le second

membre, car il est iso/é (129, 1°); je le retrouverai cependant dans le résultat :

où en multipliant par 12 à cause des indices impairs (129, 2°)

ou 72» = 12R + 6B + 61 + 6J + 60 + 12N or NS BERIRCE DRE donc 6 — 3B +3). et 60 — 3R +3) d'où 722 = 15R + 9B + 129 + 12N

les coefficients des couleurs proprement dites rangés par ordre de grandeur sont :

= io |

b+c= 12 +15 = 27 | donc 3a —b+e, c'est-à-dire que l’on a l'extinction totale des couleurs proprement dites (128). 9B + 12J + 15R = 36N 72% = 36N + 12N = 48N

d'où finalement æ

PA

Le résultat du mélange est un gris contenant deux tiers de noir et un tiers de blanc.

30 Soient les couleurs O, J3O3, J, J3\3, XE à mélanger. Trouver le résultat de ce mélange.

5x = O + J:03 + J + J:\B + KE 6ox = 120 + 6J + 60 + 12J.+ 6J + 6 + 12\E 60x = 180 + 24J + 18

a b ce

on done 3a <b+e, b+c—=9 +42 = 51;

donc l'extinction n'est pas totale ; il y a un excédent chromatique EE =b+c— 3a= 51-27 = 24 Cet excédent ne saurait être pris même partiellement sur le coefficient b du

E (b—a bleu, car du moment que b — a, la formule be —